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匀变速直线运动的速度与时间的关系
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足够长的倾角θ=53°的斜面固定在水平地面上,一物体以v0=6.4m/s的初速度,从斜面底端向上滑行,该物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.8,如图所示.(sin53°=0.8,cos53°=0.6,g取
网友投稿 2022-07-31 00:00:00 零零社区
◎ 题目
足够长的倾角θ=53°的斜面固定在水平地面上,一物体以v
0
=6.4m/s的初速度,从斜面底端向上滑行,该物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.8,如图所示.(sin53°=0.8,cos53°=0.6,g取10m/s
2
)
(1)求物体从开始到再次返回斜面底端所需的时间;
(2)求返回斜面底端时的速度;
(3)若仅将斜面倾角θ变为37°,其他条件不变,试求物体在开始第1s内的位移大小.(结果保留2位有效数字)
◎ 答案
(1)物体上滑过程,根据动能定理得
-(mgxsinθ+μmgcosθ)x=0-
1
2
m
v
0
2
①
根据牛顿第二定律得,
物体上滑过程的加速度大小为
a
1
=
mgsinθ+μmgcosθ
m
=g(sinθ+μcosθ)=10×(0.8+0.8×0.6)m/
s
2
=12.8m/
s
2
②
物体下滑过程的加速度大小为
a
2
=
mgsinθ-μmgcosθ
m
=g(sinθ-μcosθ)=10×(0.8-0.8×0.6)m/
s
2
=3.2m/
s
2
③
由公式
x=
1
2
a
t
2
得:
物体上滑所用时间为
t
1
=
2x
a
1
④
物体下滑时间为
t
2
=
2x
a
2
⑤
物体从开始到再次返回斜面底端所需的时间 t=t
1
+t
2
⑥
①→⑥联立得:t=1.5s
(2)物体下滑过程,根据动能定理得
(mgxsinθ-μmgcosθ)x=
1
2
m
v
2
⑦
①⑦联立得:v=3.2m/s
(3)当θ=37°时由牛顿第二定律得:
物体上滑过程的加速度大小为
a
1
′=
mgsinθ+μmgcosθ
m
=g(sinθ+μcosθ)=10×(0.6+0.8×0.8)m/
s
2
=12.4m/
s
2
上滑时间:
t
1
′=
v
0
a
1
′
=
6.4
12.4
s=
16
31
s<1s
又因为tanθ=0.75<0.8 所以物体滑到最顶端后不再下滑,保持静止.
得物体在开始第1s内的位移大小:
x′=
v
0
′
2
2
a
1
′
=
6.
4
2
2×12.4
m=1.7m
答:(1)求物体从开始到再次返回斜面底端所需的时间为1.5s;
(2)求返回斜面底端时的速度3.2m/s;
(3)物体在开始第1s内的位移大小为1.7m.
◎ 解析
“略”
◎ 知识点
专家分析,试题“足够长的倾角θ=53°的斜面固定在水平地面上,一物体以v0=6.4m/s的初速度,从斜面底端向上滑行,该物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.8,如图所示.(sin53°=0.8,cos53°=0.6,g取…”主要考查了你对 【匀变速直线运动的速度与时间的关系】,【匀变速直线运动的位移与速度的关系】,【牛顿第二定律】 等知识点的理解和应用能力。关于这些知识点的“档案”,你可以点击相应的链接进行查看和学习。
http://www.00-edu.com/html/202207/228415.html
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