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牛顿第二定律
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如图所示，滑块在恒定外力F=1.5mg的作用下从水平轨道上的A点由静止出发到B点时撤去外力，又沿竖直面内的光滑半圆形轨道运动，且恰好通过轨道最高点C，滑块脱离半圆形轨道后
网友投稿 2022-10-29 00:00:00 零零社区
◎ 题目
如图所示，滑块在恒定外力F=1.5mg的作 用下从水平轨道上的A点由静止出发到B点时撤去外力，又沿竖直面内的光滑半圆形轨道运动，且恰好通过轨道最高点C，滑块脱离半圆形轨道后又刚好落到原出发点A，求AB段与滑块间的动摩擦因数．
◎ 答案
设圆周的半径为R，则在C点：mg=m
v
c
2
R
离开C点，滑块做平抛运动，则2R=
1
2
g
t
2
V
0
t=s
AB
由B到C过程，由机械能守恒定律得：
1
2
mv
C
2
+2mgR=
1
2
mv
B
2
由A到B运动过程，由动能定理得：（F-μmg）s
AB
=
1
2
m
v
B
2
联立得到：μ=0.25
故AB段与滑块间的动摩擦因数为0.25．
◎ 解析
“略”
◎ 知识点
专家分析，试题“如图所示，滑块在恒定外力F=1.5mg的作用下从水平轨道上的A点由静止出发到B点时撤去外力，又沿竖直面内的光滑半圆形轨道运动，且恰好通过轨道最高点C，滑块脱离半圆形轨道后…”主要考查了你对 【平抛运动】，【向心力】，【牛顿第二定律】，【动能定理】 等知识点的理解和应用能力。关于这些知识点的“档案”，你可以点击相应的链接进行查看和学习。
http://www.00-edu.com/html/202210/340630.html
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