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电磁感应现象中的切割类问题
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如图甲所示，表面绝缘、倾角θ=30°的斜面固定在水平地面上，斜面的顶端固定有弹性挡板，挡板垂直于斜面，并与斜面底边平行。斜面所在空间有一宽度D=0.40m的匀强磁场区域，其
网友投稿 2023-04-19 00:00:00 零零社区
◎ 题目
如图甲所示，表面绝缘、倾角θ=30°的斜面固定在水平地面上，斜面的顶端固定有弹性挡板，挡板垂直于斜面，并与斜面底边平行。斜面所在空间有一宽度D=0.40m的匀强磁场区域，其边界与斜面底边平行，磁场方向垂直斜面向上，磁场上边界到挡板的距离s=0.55m。一个质量m=0.10kg、总电阻R=0.25Ω的单匝矩形闭合金属框abcd，放在斜面的底端，其中ab边与斜面底边重合，ab边长L=0.50m。从t=0时刻开始，线框在垂直cd边沿斜面向上大小恒定的拉力作用下，从静止开始运动，当线框的ab边离开磁场区域时撤去拉力，线框继续向上运动，并与挡板发生碰撞，碰撞过程的时间可忽略不计，且没有机械能损失。线框向上运动过程中速度与时间的关系如图乙所示。已知线框在整个运动过程中始终未脱离斜面，且保持ab边与斜面底边平行，线框与斜面之间的动摩擦因数μ=
/3，重力加速度g取10 m/s
2
。
（1）求线框受到的拉力F的大小；
（2）求匀强磁场的磁感应强度B的大小；
（3）已知线框向下运动通过磁场区域过程中的速度v随位移x的变化规律满足v＝v
0
-
（式中v
0
为线框向下运动ab边刚进入磁场时的速度大小，x为线框ab边进入磁场后对磁场上边界的位移大小），求线框在斜面上运动的整个过程中产生的焦耳热Q。
◎ 答案
解：（1）由v-t图象可知，在0～0.4s时间内线框做匀加速直线运动，进入磁场时的速度为v
1
=2.0m/s，所以在此过程中的加速度a=
=5.0m/s
2
由牛顿第二定律F-mgsinθ-μmgcosθ=ma
解得F=1.5 N
（2）由v-t图象可知，线框进入磁场区域后以速度v
1
做匀速直线运动
产生的感应电动势E=BLv
1
通过线框的电流I=
=
线框所受安培力F
安
=BIL=
对于线框匀速运动的过程，由力的平衡条件，有F=mgsinθ+μmgcosθ+
解得B=0.50T
（3）由v-t图象可知，线框进入磁场区域后做匀速直线运动，并以速度v
1
匀速穿出磁场，说明线框的宽度等于磁场的宽度D=0.40m
线框ab边离开磁场后做匀减速直线运动，到达档板时的位移为s-D=0.15m
设线框与挡板碰撞前的速度为v
2
由动能定理，有-mg(s-D)sinθ-μmg(s-D)cosθ=
解得v
2
=
=1.0 m/s
线框碰档板后速度大小仍为v
2
，线框下滑过程中，由于重力沿斜面方向的分力与滑动摩擦力大小相等，即mgsinθ=μmgcosθ=0.50N，因此线框与挡板碰撞后向下做匀速运动，ab边刚进入磁场时的速度为v
2
=1.0 m/s；进入磁场后因为又受到安培力作用而减速，做加速度逐渐变小的减速运动，设线框全部离开磁场区域时的速度为v
3
由v＝v
0
-
得v
3
= v
2
-
=-1.0 m/s
因v
3
<0，说明线框在离开磁场前速度已经减为零，这时安培力消失，线框受力平衡，所以线框将静止在磁场中某位置
线框向上运动通过磁场区域产生的焦耳热Q
1
=I
2
Rt=
=0.40 J
线框向下运动进入磁场的过程中产生的焦耳热Q
2
=
=0.05 J
所以Q=Q
1
+Q
2
=0.45 J
◎ 解析
“略”
◎ 知识点
专家分析，试题“如图甲所示，表面绝缘、倾角θ=30°的斜面固定在水平地面上，斜面的顶端固定有弹性挡板，挡板垂直于斜面，并与斜面底边平行。斜面所在空间有一宽度D=0.40m的匀强磁场区域，其…”主要考查了你对 【从运动情况确定受力】，【电磁感应现象中的切割类问题】 等知识点的理解和应用能力。关于这些知识点的“档案”，你可以点击相应的链接进行查看和学习。
http://www.00-edu.com/html/202304/453327.html
十二生肖
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/3，重力加速度g取10 m/s2。
（式中v0为线框向下运动ab边刚进入磁场时的速度大小，x为线框ab边进入磁场后对磁场上边界的位移大小），求线框在斜面上运动的整个过程中产生的焦耳热Q。 
=5.0m/s2
=
=1.0 m/s
得v3= v2-
=-1.0 m/s
=0.40 J
=0.05 J