如图所示，滑块在恒定外力F＝1.5mg的作用下从水平轨道上的A点由静止出发到B点时撤去外力，又沿竖直面内的光滑半圆形轨道运动，且恰好通过轨道最高点C，滑块脱离半圆形轨道后
◎ 题目
| 如图所示，滑块在恒定外力F＝1.5mg的作用下从水平轨道上的A点由静止出发到B点时撤去外力，又沿竖直面内的光滑半圆形轨道运动，且恰好通过轨道最高点C，滑块脱离半圆形轨道后又刚好落到原出发点A，求AB段与滑块间的动摩擦因数。 |
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◎ 答案
解：设圆周的半径为R，则在C点：mg＝m ① 离开C点，滑块做平抛运动，则2R＝gt2／2 ② V0t＝sAB ③ 由B到C过程，由机械能守恒定律得：mvC2/2+2mgR＝mvB2/2 ④ 由A到B运动过程，由动能定理得：  ⑤ 由①②③④⑤式联立得到：  |
◎ 解析
“略”◎ 知识点
专家分析，试题“如图所示，滑块在恒定外力F＝1.5mg的作用下从水平轨道上的A点由静止出发到B点时撤去外力，又沿竖直面内的光滑半圆形轨道运动，且恰好通过轨道最高点C，滑块脱离半圆形轨道后…”主要考查了你对 【平抛运动】，【动能定理】，【机械能守恒定律】 等知识点的理解和应用能力。关于这些知识点的“档案”，你可以点击相应的链接进行查看和学习。- 最新内容
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