vc″2-2μ1gl=2m/s
物块进入传送带做匀减速运动，设加速度大小为α₁则根据牛顿第二定律有：
μ₂mg=ma₁得 a1=μ2g=2.5m/s2
由运动学公式知减速至速度为零时间为t=

vD-0

a1

=0.8s．
进入传送带位移为：s1=

vD+0

2

t=0.8m
因S₁＜d 故物块从左边离开传送带，离开时速度大小为v_D′=v_D=2m/s
在CD上再次减速，设加速大小为α₂则根据牛顿第二定律有：
μ₁mg=ma₂得 a2=μ1g=5m/s2
由运动学公式知减速至0位移为 s2=

vD′2

2a2

=0.4m
因S₂＜L故不会再与球相撞
与传送带末端E的距离为D=S₂+d=1.3m
（3）在传送带上运动的两段时间均为t=0.8S
此过程传送带向左移运动两段位移
d₁=d₂=vt=3×0.8m=2.4m
在传带上产生的热量为：
Q=μ₂mg（d₁+s₁+d₂-s₁）=1.2J
因传送带速度大小不变，物块进出传送带速度大小相等，由能量守恒定律知电动机提供电能为E=Q=1.2J．
答：（1）当小球被撞后做圆周运动到最高点时对轻绳的作用力大小为4N．
（2）滑块的最终位置与传送带末端的E的距离为1.3m．
（3）整个过程传送带电机消耗的电能为1.2J．

◎ 解析

“略”

◎ 知识点

    专家分析，试题“如图所示，高为H=0.45m的台面上有轻质细绳，绳的一端系一质量为m=0.1kg的小球P，另一端挂在光滑的水平轴上O上，O到小球P的距离为R=0.1m，小球与台面接触，但无相互作用，…”主要考查了你对  【匀变速直线运动的速度与时间的关系】，【牛顿第二定律】，【动能定理】，【机械能守恒定律】，【功能关系】  等知识点的理解和应用能力。关于这些知识点的“档案”，你可以点击相应的链接进行查看和学习。